Как десериализовать XML-документ

Как десериализовать этот XML-документ:

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<Cars>
  <Car>
    <StockNumber>1020</StockNumber>
    <Make>Nissan</Make>
    <Model>Sentra</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1010</StockNumber>
    <Make>Toyota</Make>
    <Model>Corolla</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1111</StockNumber>
    <Make>Honda</Make>
    <Model>Accord</Model>
  </Car>
</Cars>

У меня есть это:

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("StockNumber")]
    public string StockNumber{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("Make")]
    public string Make{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("Model")]
    public string Model{ get; set; }
}

.

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }

}

.

public class CarSerializer
{
    public Cars Deserialize()
    {
        Cars[] cars = null;
        string path = HttpContext.Current.ApplicationInstance.Server.MapPath("~/App_Data/") + "cars.xml";

        XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(Cars[]));

        StreamReader reader = new StreamReader(path);
        reader.ReadToEnd();
        cars = (Cars[])serializer.Deserialize(reader);
        reader.Close();

        return cars;
    }
}

которые, похоже, не работают: - (

+428
12 дек. '08 в 21:49
источник поделиться
18 ответов

Здесь рабочая версия. Я заменил метки XmlElementAttribute на XmlElement, потому что в xml значения StockNumber, Make и Model являются элементами, а не атрибутами. Также я удалил reader.ReadToEnd(); (что функция читает весь поток и возвращает строку, поэтому функция Deserialze() больше не может использовать читателя... позиция была в конце потока). Я также взял несколько свобод с наименованием:).

Вот классы:

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElement("StockNumber")]
    public string StockNumber { get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement("Make")]
    public string Make { get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement("Model")]
    public string Model { get; set; }
}


[Serializable()]
[System.Xml.Serialization.XmlRoot("CarCollection")]
public class CarCollection
{
    [XmlArray("Cars")]
    [XmlArrayItem("Car", typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

Функция десериализации:

CarCollection cars = null;
string path = "cars.xml";

XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));

StreamReader reader = new StreamReader(path);
cars = (CarCollection)serializer.Deserialize(reader);
reader.Close();

И слегка измененный xml (мне нужно было добавить новый элемент для переноса <Cars> ...NET является придирчивым к десериализации массивов):

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<CarCollection>
<Cars>
  <Car>
    <StockNumber>1020</StockNumber>
    <Make>Nissan</Make>
    <Model>Sentra</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1010</StockNumber>
    <Make>Toyota</Make>
    <Model>Corolla</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1111</StockNumber>
    <Make>Honda</Make>
    <Model>Accord</Model>
  </Car>
</Cars>
</CarCollection>
+330
12 дек. '08 в 22:40
источник

Связанные вопросы


Похожие вопросы

Как насчет того, чтобы просто сохранить XML в файл и использовать xsd для генерации классов С#?

  1. Записать файл на диск (я назвал его foo.xml)
  2. Создайте xsd: xsd foo.xml
  3. Создайте С#: xsd foo.xsd/classes

Et voila - и файл кода С#, который должен быть в состоянии прочитать данные через XmlSerializer:

    XmlSerializer ser = new XmlSerializer(typeof(Cars));
    Cars cars;
    using (XmlReader reader = XmlReader.Create(path))
    {
        cars = (Cars) ser.Deserialize(reader);
    }

(включите сгенерированный foo.cs в проект)

+416
12 дек. '08 в 22:44
источник

У вас есть две возможности.

Метод 1. Инструмент XSD


Предположим, что у вас есть ваш XML файл в этом месте C:\path\to\xml\file.xml
  • Откройте Командная строка разработчика
    Вы можете найти его в Start Menu > Programs > Microsoft Visual Studio 2012 > Visual Studio Tools Или, если у вас есть Windows 8, можно просто начать набирать Командная строка разработчика на экране запуска
  • Измените местоположение в каталоге файла XML, набрав cd /D "C:\path\to\xml"
  • Создайте XSD файл из вашего xml файла, набрав xsd file.xml
  • Создайте классы С#, набрав xsd /c file.xsd

И это! Вы создали классы С# из XML файла в C:\path\to\xml\file.cs

Способ 2 - Вставить специальный


Требуемая Visual Studio 2012 +
  • Скопировать содержимое вашего XML файла в буфер обмена
  • Добавьте к вашему решению новый пустой файл класса (Shift + Alt + C)
  • Откройте этот файл и в меню нажмите Edit > Paste special > Paste XML As Classes
    enter image description here

И это!

Использование


Использование этого класса-помощника очень просто:

using System;
using System.IO;
using System.Web.Script.Serialization; // Add reference: System.Web.Extensions
using System.Xml;
using System.Xml.Serialization;

namespace Helpers
{
    internal static class ParseHelpers
    {
        private static JavaScriptSerializer json;
        private static JavaScriptSerializer JSON { get { return json ?? (json = new JavaScriptSerializer()); } }

        public static Stream ToStream(this string @this)
        {
            var stream = new MemoryStream();
            var writer = new StreamWriter(stream);
            writer.Write(@this);
            writer.Flush();
            stream.Position = 0;
            return stream;
        }


        public static T ParseXML<T>(this string @this) where T : class
        {
            var reader = XmlReader.Create(@this.Trim().ToStream(), new XmlReaderSettings() { ConformanceLevel = ConformanceLevel.Document });
            return new XmlSerializer(typeof(T)).Deserialize(reader) as T;
        }

        public static T ParseJSON<T>(this string @this) where T : class
        {
            return JSON.Deserialize<T>(@this.Trim());
        }
    }
}

Все, что вам нужно сделать сейчас, это:

    public class JSONRoot
    {
        public catalog catalog { get; set; }
    }
    // ...

    string xml = File.ReadAllText(@"D:\file.xml");
    var catalog1 = xml.ParseXML<catalog>();

    string json = File.ReadAllText(@"D:\file.json");
    var catalog2 = json.ParseJSON<JSONRoot>();
+214
27 окт. '13 в 2:11
источник

Следующий фрагмент должен сделать трюк (и вы можете игнорировать большинство атрибутов сериализации):

public class Car
{
  public string StockNumber { get; set; }
  public string Make { get; set; }
  public string Model { get; set; }
}

[XmlRootAttribute("Cars")]
public class CarCollection
{
  [XmlElement("Car")]
  public Car[] Cars { get; set; }
}

...

using (TextReader reader = new StreamReader(path))
{
  XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
  return (CarCollection) serializer.Deserialize(reader);
}
+78
22 дек. '08 в 22:24
источник

Посмотрите, поможет ли это:

[Serializable()]
[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

.

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string StockNumber{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string Make{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string Model{ get; set; }
}

И если это не так, используйте программу xsd.exe, которая поставляется с visual studio для создания документа схемы на основе этого XML файла, а затем снова используйте его для создания класса на основе документа схемы.

+22
12 дек. '08 в 22:09
источник

Я не думаю, что .net "придирчив к десериализации массивов". Первый XML-документ плохо сформирован. Нет корневого элемента, хотя он выглядит так, как есть. Канонический XML-документ имеет корень и не менее 1 элемент (если вообще). В вашем примере:

<Root> <-- well, the root
  <Cars> <-- an element (not a root), it being an array
    <Car> <-- an element, it being an array item
    ...
    </Car>
  </Cars>
</Root>
+9
26 янв. '12 в 12:06
источник

попробуйте этот блок кода, если ваш .xml файл был сгенерирован где-то на диске, и если вы использовали List<T>:

//deserialization

XmlSerializer xmlser = new XmlSerializer(typeof(List<Item>));
StreamReader srdr = new StreamReader(@"C:\serialize.xml");
List<Item> p = (List<Item>)xmlser.Deserialize(srdr);
srdr.Close();`

Примечание. C:\serialize.xml - это мой путь к файлу .xml. Вы можете изменить его для своих нужд.

+7
07 окт. '13 в 11:06
источник

Кевин anser хорош, кроме того, что в реальном мире вы часто не можете изменить оригинальный XML в соответствии с вашими потребностями.

Там простое решение для оригинального XML:

[XmlRoot("Cars")]
public class XmlData
{
    [XmlElement("Car")]
    public List<Car> Cars{ get; set; }
}

public class Car
{
    public string StockNumber { get; set; }
    public string Make { get; set; }
    public string Model { get; set; }
}

И тогда вы можете просто позвонить:

var ser = new XmlSerializer(typeof(XmlData));
XmlData data = (XmlData)ser.Deserialize(XmlReader.Create(PathToCarsXml));
+6
13 янв. '18 в 14:11
источник

Попробуйте этот общий класс для сериализации и десериализации XML.

public class SerializeConfig<T> where T : class
{
    public static void Serialize(string path, T type)
    {
        var serializer = new XmlSerializer(type.GetType());
        using (var writer = new FileStream(path, FileMode.Create))
        {
            serializer.Serialize(writer, type);
        }
    }

    public static T DeSerialize(string path)
    {
        T type;
        var serializer = new XmlSerializer(typeof(T));
        using (var reader = XmlReader.Create(path))
        {
            type = serializer.Deserialize(reader) as T;
        }
        return type;
    }
}
+4
12 мая '16 в 6:18
источник

Для начинающих

Я нашел ответы здесь очень полезными, сказав, что я все еще борется (немного), чтобы заставить это работать. Поэтому, если это поможет кому-то, я расскажу о рабочем решении:

XML из исходного вопроса. Xml находится в файле Class1.xml, path к этому файлу используется в коде для поиска этого xml файла.

Я использовал ответ от @erymski, чтобы получить эту работу, поэтому создал файл под названием Car.cs и добавил следующее:

using System.Xml.Serialization;  // Added

public class Car
{
    public string StockNumber { get; set; }
    public string Make { get; set; }
    public string Model { get; set; }
}

[XmlRootAttribute("Cars")]
public class CarCollection
{
    [XmlElement("Car")]
    public Car[] Cars { get; set; }
}

Другой бит кода, предоставленный @erymski...

using (TextReader reader = new StreamReader(path))
{
  XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
  return (CarCollection) serializer.Deserialize(reader);
}

... входит в вашу основную программу (Program.cs), в static CarCollection XCar() следующим образом:

using System;
using System.IO;
using System.Xml.Serialization;

namespace ConsoleApp2
{
    class Program
    {

        public static void Main()
        {
            var c = new CarCollection();

            c = XCar();

            foreach (var k in c.Cars)
            {
                Console.WriteLine(k.Make + " " + k.Model + " " + k.StockNumber);
            }
            c = null;
            Console.ReadLine();

        }
        static CarCollection XCar()
        {
            using (TextReader reader = new StreamReader(@"C:\Users\SlowLearner\source\repos\ConsoleApp2\ConsoleApp2\Class1.xml"))
            {
                XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
                return (CarCollection)serializer.Deserialize(reader);
            }
        }
    }
}

Надеюсь, поможет :-)

+4
22 мая '18 в 9:36
источник

Идея состоит в том, чтобы весь уровень обрабатывался для десериализации См. Пример решения, разрешившего мою аналогичную проблему.

<?xml version="1.0" ?> 
 <TRANSACTION_RESPONSE>
    <TRANSACTION>
        <TRANSACTION_ID>25429</TRANSACTION_ID> 
        <MERCHANT_ACC_NO>02700701354375000964</MERCHANT_ACC_NO> 
        <TXN_STATUS>F</TXN_STATUS> 
        <TXN_SIGNATURE>a16af68d4c3e2280e44bd7c2c23f2af6cb1f0e5a28c266ea741608e72b1a5e4224da5b975909cc43c53b6c0f7f1bbf0820269caa3e350dd1812484edc499b279</TXN_SIGNATURE> 
        <TXN_SIGNATURE2>B1684258EA112C8B5BA51F73CDA9864D1BB98E04F5A78B67A3E539BEF96CCF4D16CFF6B9E04818B50E855E0783BB075309D112CA596BDC49F9738C4BF3AA1FB4</TXN_SIGNATURE2> 
        <TRAN_DATE>29-09-2015 07:36:59</TRAN_DATE> 
        <MERCHANT_TRANID>150929093703RUDZMX4</MERCHANT_TRANID> 
        <RESPONSE_CODE>9967</RESPONSE_CODE> 
        <RESPONSE_DESC>Bank rejected transaction!</RESPONSE_DESC> 
        <CUSTOMER_ID>RUDZMX</CUSTOMER_ID> 
        <AUTH_ID /> 
        <AUTH_DATE /> 
        <CAPTURE_DATE /> 
        <SALES_DATE /> 
        <VOID_REV_DATE /> 
        <REFUND_DATE /> 
        <REFUND_AMOUNT>0.00</REFUND_AMOUNT> 
    </TRANSACTION>
  </TRANSACTION_RESPONSE> 

Вышеупомянутый XML обрабатывается на двух уровнях

  [XmlType("TRANSACTION_RESPONSE")]
public class TransactionResponse
{
    [XmlElement("TRANSACTION")]
    public BankQueryResponse Response { get; set; }

}

Внутренний уровень

public class BankQueryResponse
{
    [XmlElement("TRANSACTION_ID")]
    public string TransactionId { get; set; }

    [XmlElement("MERCHANT_ACC_NO")]
    public string MerchantAccNo { get; set; }

    [XmlElement("TXN_SIGNATURE")]
    public string TxnSignature { get; set; }

    [XmlElement("TRAN_DATE")]
    public DateTime TranDate { get; set; }

    [XmlElement("TXN_STATUS")]
    public string TxnStatus { get; set; }


    [XmlElement("REFUND_DATE")]
    public DateTime RefundDate { get; set; }

    [XmlElement("RESPONSE_CODE")]
    public string ResponseCode { get; set; }


    [XmlElement("RESPONSE_DESC")]
    public string ResponseDesc { get; set; }

    [XmlAttribute("MERCHANT_TRANID")]
    public string MerchantTranId { get; set; }

}

То же самое, что вам нужно несколько уровней с помощью car as array Проверьте этот пример для многоуровневой десериализации

+2
30 сент. '15 в 3:11
источник

Мое решение:

  • Используйте Edit > Past Special > Paste XML As Classes, чтобы получить класс в коде
  • Попробуйте что-то вроде этого: создайте список этого класса (List<class1 > ), затем используйте XmlSerializer для сериализации этого списка в файле xml.
  • Теперь вы просто заменяете тело этого файла вашими данными и пытаетесь его deserialize.

Код:

StreamReader sr = new StreamReader(@"C:\Users\duongngh\Desktop\Newfolder\abc.txt");
XmlSerializer xml = new XmlSerializer(typeof(Class1[]));
var a = xml.Deserialize(sr);
sr.Close();

ПРИМЕЧАНИЕ: вы должны обратить внимание на имя корня, не меняйте его. Мой - "ArrayOfClass1"

+1
09 авг. '17 в 11:05
источник

Как создать универсальный класс для десериализации XML-документа

//++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++
// Generic class to load any xml into a class
// used like this ...
// YourClassTypeHere InfoList = LoadXMLFileIntoClass<YourClassTypeHere>(xmlFile);

using System.IO;
using System.Xml.Serialization;

public static T LoadXMLFileIntoClass<T>(string xmlFile)
{
    T returnThis;
    XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(T));
    if (!FileAndIO.FileExists(xmlFile))
    {
        Console.WriteLine("FileDoesNotExistError {0}", xmlFile);
    }
    returnThis = (T)serializer.Deserialize(new StreamReader(xmlFile));
    return (T)returnThis;
}

Эта часть может быть или не понадобиться. Откройте XML-документ в Visual Studio, щелкните правой кнопкой мыши по XML, выберите свойства. Затем выберите файл схемы.

+1
02 дек. '17 в 5:00
источник

Если вы создаете ошибки с помощью xsd.exe для создания xsd файла, используйте класс XmlSchemaInference, как указано в msdn. Здесь a unit test для демонстрации:

using System.Xml;
using System.Xml.Schema;

[TestMethod]
public void GenerateXsdFromXmlTest()
{
    string folder = @"C:\mydir\mydata\xmlToCSharp";
    XmlReader reader = XmlReader.Create(folder + "\some_xml.xml");
    XmlSchemaSet schemaSet = new XmlSchemaSet();
    XmlSchemaInference schema = new XmlSchemaInference();

    schemaSet = schema.InferSchema(reader);


    foreach (XmlSchema s in schemaSet.Schemas())
    {
        XmlWriter xsdFile = new XmlTextWriter(folder + "\some_xsd.xsd", System.Text.Encoding.UTF8);
        s.Write(xsdFile);
        xsdFile.Close();
    }
}

// now from the visual studio command line type: xsd some_xsd.xsd /classes
+1
16 окт. '14 в 20:39
источник

Вы можете просто изменить один атрибут для вашего автомобиля. Автомобильная собственность от XmlArrayItem до XmlElment. То есть, из

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

to

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlElement("Car")]
    public Car[] Car { get; set; }
}
+1
17 нояб. '14 в 5:20
источник

Я надеюсь, что вы пройдете через это. Здесь рабочая версия.

0
23 мая '19 в 11:51
источник
async public static Task<JObject> XMLtoNETAsync(XmlDocument ToConvert)
        {
            //Van XML naar JSON
            string jsonText = await Task.Run(() => JsonConvert.SerializeXmlNode(ToConvert));
            //Van JSON naar .net object
            var o = await Task.Run(() => JObject.Parse(jsonText));
            return o;
        }
0
24 мая '19 в 8:45
источник
string employeedata = "<?xml version=\"1.0\" encoding=\"UTF-8\"?><tag><name>test</bar></nmae>";//demo xml data
        using (TextReader sr = new StringReader(employeedata))
        {
            XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(Employee));//pass type name in XmlSerializer constructor here
            Employee response = (Employee)serializer.Deserialize(sr);
            Console.WriteLine(response.name);
        }

[System.Xml.Serialization.XmlRoot("tag")]
public class Employee
{
    public string name { get; set; }
}
0
29 сент. '18 в 21:13
источник

Посмотрите другие вопросы по меткам или Задайте вопрос