Как десериализовать XML-документ

Как десериализовать этот XML-документ:

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<Cars>
  <Car>
    <StockNumber>1020</StockNumber>
    <Make>Nissan</Make>
    <Model>Sentra</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1010</StockNumber>
    <Make>Toyota</Make>
    <Model>Corolla</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1111</StockNumber>
    <Make>Honda</Make>
    <Model>Accord</Model>
  </Car>
</Cars>

У меня есть это:

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("StockNumber")]
    public string StockNumber{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("Make")]
    public string Make{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("Model")]
    public string Model{ get; set; }
}

.

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }

}

.

public class CarSerializer
{
    public Cars Deserialize()
    {
        Cars[] cars = null;
        string path = HttpContext.Current.ApplicationInstance.Server.MapPath("~/App_Data/") + "cars.xml";

        XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(Cars[]));

        StreamReader reader = new StreamReader(path);
        reader.ReadToEnd();
        cars = (Cars[])serializer.Deserialize(reader);
        reader.Close();

        return cars;
    }
}

которые, похоже, не работают: - (

335
задан Alex 13 дек. '08 в 0:49
источник поделиться

12 ответов

Здесь рабочая версия. Я заменил метки XmlElementAttribute на XmlElement, потому что в xml значения StockNumber, Make и Model являются элементами, а не атрибутами. Также я удалил reader.ReadToEnd(); (что функция читает весь поток и возвращает строку, поэтому функция Deserialze() больше не может использовать читателя... позиция была в конце потока). Я также взял несколько свобод с наименованием:).

Вот классы:

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElement("StockNumber")]
    public string StockNumber { get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement("Make")]
    public string Make { get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement("Model")]
    public string Model { get; set; }
}


[Serializable()]
[System.Xml.Serialization.XmlRoot("CarCollection")]
public class CarCollection
{
    [XmlArray("Cars")]
    [XmlArrayItem("Car", typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

Функция десериализации:

CarCollection cars = null;
string path = "cars.xml";

XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));

StreamReader reader = new StreamReader(path);
cars = (CarCollection)serializer.Deserialize(reader);
reader.Close();

И слегка измененный xml (мне нужно было добавить новый элемент для переноса <Cars> ...NET является придирчивым к десериализации массивов):

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<CarCollection>
<Cars>
  <Car>
    <StockNumber>1020</StockNumber>
    <Make>Nissan</Make>
    <Model>Sentra</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1010</StockNumber>
    <Make>Toyota</Make>
    <Model>Corolla</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1111</StockNumber>
    <Make>Honda</Make>
    <Model>Accord</Model>
  </Car>
</Cars>
</CarCollection>
261
ответ дан Kevin Tighe 13 дек. '08 в 1:40
источник поделиться

Как насчет того, чтобы просто сохранить xml в файл и использовать xsd?

  • Запишите файл на диск (я назвал его foo.xml)
  • Сгенерировать xsd: xsd foo.xml
  • Сгенерируйте С#: xsd foo.xsd /classes

Et voila - и файл кода С#, который должен иметь возможность читать данные через XmlSerializer:

    XmlSerializer ser = new XmlSerializer(typeof(Cars));
    Cars cars;
    using (XmlReader reader = XmlReader.Create(path))
    {
        cars = (Cars) ser.Deserialize(reader);
    }

(включить сгенерированный foo.cs в проект)

363
ответ дан Marc Gravell 13 дек. '08 в 1:44
источник поделиться

У вас есть две возможности.

Метод 1. Инструмент XSD


Предположим, что у вас есть ваш XML файл в этом месте C:\path\to\xml\file.xml
  • Откройте Командная строка разработчика
    Вы можете найти его в Start Menu > Programs > Microsoft Visual Studio 2012 > Visual Studio Tools Или, если у вас есть Windows 8, можно просто начать набирать Командная строка разработчика на экране запуска
  • Измените местоположение в каталоге файла XML, набрав cd /D "C:\path\to\xml"
  • Создайте XSD файл из вашего xml файла, набрав xsd file.xml
  • Создайте классы С#, набрав xsd /c file.xsd

И это! Вы создали классы С# из XML файла в C:\path\to\xml\file.cs

Способ 2 - Вставить специальный


Требуемая Visual Studio 2012 +
  • Скопировать содержимое вашего XML файла в буфер обмена
  • Добавьте к вашему решению новый пустой файл класса (Shift + Alt + C)
  • Откройте этот файл и в меню нажмите Edit > Paste special > Paste XML As Classes
    enter image description here

И это!

Использование


Использование этого класса-помощника очень просто:

using System;
using System.IO;
using System.Web.Script.Serialization; // Add reference: System.Web.Extensions
using System.Xml;
using System.Xml.Serialization;

namespace Helpers
{
    internal static class ParseHelpers
    {
        private static JavaScriptSerializer json;
        private static JavaScriptSerializer JSON { get { return json ?? (json = new JavaScriptSerializer()); } }

        public static Stream ToStream(this string @this)
        {
            var stream = new MemoryStream();
            var writer = new StreamWriter(stream);
            writer.Write(@this);
            writer.Flush();
            stream.Position = 0;
            return stream;
        }


        public static T ParseXML<T>(this string @this) where T : class
        {
            var reader = XmlReader.Create(@this.Trim().ToStream(), new XmlReaderSettings() { ConformanceLevel = ConformanceLevel.Document });
            return new XmlSerializer(typeof(T)).Deserialize(reader) as T;
        }

        public static T ParseJSON<T>(this string @this) where T : class
        {
            return JSON.Deserialize<T>(@this.Trim());
        }
    }
}

Все, что вам нужно сделать сейчас, это:

    public class JSONRoot
    {
        public catalog catalog { get; set; }
    }
    // ...

    string xml = File.ReadAllText(@"D:\file.xml");
    var catalog1 = xml.ParseXML<catalog>();

    string json = File.ReadAllText(@"D:\file.json");
    var catalog2 = json.ParseJSON<JSONRoot>();
176
ответ дан Damian Drygiel 27 окт. '13 в 5:11
источник поделиться

Следующий фрагмент должен сделать трюк (и вы можете игнорировать большинство атрибутов сериализации):

public class Car
{
  public string StockNumber { get; set; }
  public string Make { get; set; }
  public string Model { get; set; }
}

[XmlRootAttribute("Cars")]
public class CarCollection
{
  [XmlElement("Car")]
  public Car[] Cars { get; set; }
}

...

using (TextReader reader = new StreamReader(path))
{
  XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
  return (CarCollection) serializer.Deserialize(reader);
}
65
ответ дан erymski 23 дек. '08 в 1:24
источник поделиться

Посмотрите, поможет ли это:

[Serializable()]
[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

.

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string StockNumber{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string Make{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string Model{ get; set; }
}

И если это не так, используйте программу xsd.exe, которая поставляется с visual studio для создания документа схемы на основе этого XML файла, а затем снова используйте его для создания класса на основе документа схемы.

21
ответ дан Joel Coehoorn 13 дек. '08 в 1:09
источник поделиться

Я не думаю, что .net "придирчив к десериализации массивов". Первый XML-документ плохо сформирован. Нет корневого элемента, хотя он выглядит так, как есть. Канонический XML-документ имеет корень и не менее 1 элемент (если вообще). В вашем примере:

<Root> <-- well, the root
  <Cars> <-- an element (not a root), it being an array
    <Car> <-- an element, it being an array item
    ...
    </Car>
  </Cars>
</Root>
8
ответ дан janbak 26 янв. '12 в 15:06
источник поделиться

попробуйте этот блок кода, если ваш .xml файл был сгенерирован где-то на диске, и если вы использовали List<T>:

//deserialization

XmlSerializer xmlser = new XmlSerializer(typeof(List<Item>));
StreamReader srdr = new StreamReader(@"C:\serialize.xml");
List<Item> p = (List<Item>)xmlser.Deserialize(srdr);
srdr.Close();`

Примечание. C:\serialize.xml - это мой путь к файлу .xml. Вы можете изменить его для своих нужд.

6
ответ дан sheetal nainwal 07 окт. '13 в 14:06
источник поделиться

Попробуйте этот общий класс для сериализации и десериализации XML.

public class SerializeConfig<T> where T : class
{
    public static void Serialize(string path, T type)
    {
        var serializer = new XmlSerializer(type.GetType());
        using (var writer = new FileStream(path, FileMode.Create))
        {
            serializer.Serialize(writer, type);
        }
    }

    public static T DeSerialize(string path)
    {
        T type;
        var serializer = new XmlSerializer(typeof(T));
        using (var reader = XmlReader.Create(path))
        {
            type = serializer.Deserialize(reader) as T;
        }
        return type;
    }
}
2
ответ дан Hasan Javaid 12 мая '16 в 9:18
источник поделиться

Идея состоит в том, чтобы весь уровень обрабатывался для десериализации См. Пример решения, разрешившего мою аналогичную проблему.

<?xml version="1.0" ?> 
 <TRANSACTION_RESPONSE>
    <TRANSACTION>
        <TRANSACTION_ID>25429</TRANSACTION_ID> 
        <MERCHANT_ACC_NO>02700701354375000964</MERCHANT_ACC_NO> 
        <TXN_STATUS>F</TXN_STATUS> 
        <TXN_SIGNATURE>a16af68d4c3e2280e44bd7c2c23f2af6cb1f0e5a28c266ea741608e72b1a5e4224da5b975909cc43c53b6c0f7f1bbf0820269caa3e350dd1812484edc499b279</TXN_SIGNATURE> 
        <TXN_SIGNATURE2>B1684258EA112C8B5BA51F73CDA9864D1BB98E04F5A78B67A3E539BEF96CCF4D16CFF6B9E04818B50E855E0783BB075309D112CA596BDC49F9738C4BF3AA1FB4</TXN_SIGNATURE2> 
        <TRAN_DATE>29-09-2015 07:36:59</TRAN_DATE> 
        <MERCHANT_TRANID>150929093703RUDZMX4</MERCHANT_TRANID> 
        <RESPONSE_CODE>9967</RESPONSE_CODE> 
        <RESPONSE_DESC>Bank rejected transaction!</RESPONSE_DESC> 
        <CUSTOMER_ID>RUDZMX</CUSTOMER_ID> 
        <AUTH_ID /> 
        <AUTH_DATE /> 
        <CAPTURE_DATE /> 
        <SALES_DATE /> 
        <VOID_REV_DATE /> 
        <REFUND_DATE /> 
        <REFUND_AMOUNT>0.00</REFUND_AMOUNT> 
    </TRANSACTION>
  </TRANSACTION_RESPONSE> 

Вышеупомянутый XML обрабатывается на двух уровнях

  [XmlType("TRANSACTION_RESPONSE")]
public class TransactionResponse
{
    [XmlElement("TRANSACTION")]
    public BankQueryResponse Response { get; set; }

}

Внутренний уровень

public class BankQueryResponse
{
    [XmlElement("TRANSACTION_ID")]
    public string TransactionId { get; set; }

    [XmlElement("MERCHANT_ACC_NO")]
    public string MerchantAccNo { get; set; }

    [XmlElement("TXN_SIGNATURE")]
    public string TxnSignature { get; set; }

    [XmlElement("TRAN_DATE")]
    public DateTime TranDate { get; set; }

    [XmlElement("TXN_STATUS")]
    public string TxnStatus { get; set; }


    [XmlElement("REFUND_DATE")]
    public DateTime RefundDate { get; set; }

    [XmlElement("RESPONSE_CODE")]
    public string ResponseCode { get; set; }


    [XmlElement("RESPONSE_DESC")]
    public string ResponseDesc { get; set; }

    [XmlAttribute("MERCHANT_TRANID")]
    public string MerchantTranId { get; set; }

}

То же самое, что вам нужно несколько уровней с помощью car as array Проверьте этот пример для многоуровневой десериализации

2
ответ дан makdu 30 сент. '15 в 6:11
источник поделиться

Вы можете просто изменить один атрибут для вашего автомобиля. Автомобильная собственность от XmlArrayItem до XmlElment. То есть, из

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

to

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlElement("Car")]
    public Car[] Car { get; set; }
}
1
ответ дан XU Weijiang 17 нояб. '14 в 8:20
источник поделиться

Если вы создаете ошибки с помощью xsd.exe для создания xsd файла, используйте класс XmlSchemaInference, как указано в msdn. Здесь a unit test для демонстрации:

using System.Xml;
using System.Xml.Schema;

[TestMethod]
public void GenerateXsdFromXmlTest()
{
    string folder = @"C:\mydir\mydata\xmlToCSharp";
    XmlReader reader = XmlReader.Create(folder + "\some_xml.xml");
    XmlSchemaSet schemaSet = new XmlSchemaSet();
    XmlSchemaInference schema = new XmlSchemaInference();

    schemaSet = schema.InferSchema(reader);


    foreach (XmlSchema s in schemaSet.Schemas())
    {
        XmlWriter xsdFile = new XmlTextWriter(folder + "\some_xsd.xsd", System.Text.Encoding.UTF8);
        s.Write(xsdFile);
        xsdFile.Close();
    }
}

// now from the visual studio command line type: xsd some_xsd.xsd /classes
1
ответ дан goku_da_master 16 окт. '14 в 23:39
источник поделиться

Мое решение:

  • Используйте Edit > Past Special > Paste XML As Classes, чтобы получить класс в коде
  • Попробуйте что-то вроде этого: создайте список этого класса (List<class1 > ), затем используйте XmlSerializer для сериализации этого списка в файле xml.
  • Теперь вы просто заменяете тело этого файла вашими данными и пытаетесь его deserialize.

Код:

StreamReader sr = new StreamReader(@"C:\Users\duongngh\Desktop\Newfolder\abc.txt");
XmlSerializer xml = new XmlSerializer(typeof(Class1[]));
var a = xml.Deserialize(sr);
sr.Close();

ПРИМЕЧАНИЕ: вы должны обратить внимание на имя корня, не меняйте его. Мой - "ArrayOfClass1"

0
ответ дан haiduong87 09 авг. '17 в 14:05
источник поделиться

Другие вопросы по меткам